題目列表(包括答案和解析)
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| I0 |
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| I0 |
| U1I2-U2I1 |
| I2-I1 |
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| I2-I1 |
| U1-U2 |
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（05年江蘇卷）(12分)將滿偏電流Ig=300μA、內阻未知的電流表
改裝成電壓表并進行核對。
(1)利用如圖所示的電路測量電流表的內阻(圖中電源的電動勢E=4V )：先閉合S1，調節(jié)R，使電流表指針偏轉到滿刻度；再閉合S2，保持R不變，調節(jié)R′，使電流表指針偏轉到滿刻度的
，讀出此時R′的阻值為200Ω，則電流表內阻的測量值Rg= Ω。
(2)將該表改裝成量程為3V的電壓表，需 (填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)阻值為R0= Ω的電阻。
(3)把改裝好的電壓表與標準電壓表進行核對，試在答題卡上畫出實驗電路圖和實物連接圖。
07江蘇
60（9分）要描繪某電學元件（最大電流不超過6 mA，最大電壓不超過7 V）的伏安特性曲線，設計電路如圖，圖中定值電阻R為1 kΩ，用于限流；電流表量程為10 mＡ，內阻約為5 Ω；電壓表（未畫出）量程為10 Ｖ，內阻約為10 kΩ；電源電動勢E為12 Ｖ，內阻不計。
⑴實驗時有兩個滑動變阻器可供選擇：
a、阻值0到200 Ω，額定電流0.3 A
b、阻值０到20 Ω，額定電流0.5 A
本實驗應選的滑動變阻器是 （填“a”或“b”）
⑵正確接線后，測得數(shù)據(jù)如下表
| 1 | 2 | 3 | 4 | 5 | 6 | 7 | 8 | 9 | 10 | |
| U（V） | ０.00 | 3.00 | 6.00 | 6.16 | 6.28 | 6.32 | 6.36 | 6.38 | 6.39 | 6.40 |
| I（mA） | 0.00 | 0.00 | 0.00 | 0.06 | 0.50 | 1.00 | 2.00 | 3.00 | 4.00 | 5.50 |
a）根據(jù)以上數(shù)據(jù)，電壓表是并聯(lián)在M與
之間的（填“O”或“P”）
b）根據(jù)以上數(shù)據(jù)，畫出該元件的伏安特性
曲線為 。
⑶畫出待測元件兩端電壓UMO隨MN間電壓UMN變化的示意圖為（無需數(shù)值）
 |
（2009?江蘇）如圖所示，以8m/s勻速行駛的汽車即將通過路口，綠燈還有2s將熄滅，此時汽車距離停車線18m．該車加速時最大時速度大小為2m/s2，減速時最大加速度大小為5m/s2．此路段允許行駛的最大速度為12.5m/s，下列說法中正確的有（ ）
（2007?江蘇）如圖所示，光滑水平面上放置質量分別為m和2m的四個木塊，其中兩個質量為m的木塊間用一不可伸長的輕繩相連，木塊間的最大靜摩擦力是μmg．現(xiàn)用水平拉力F拉其中一個質量為2m的木塊，使四個木塊以同一加速度運動，則輕繩對m的最大拉力為（ �。�高考真題
1．【解析】交流電的概念，大小和方向都隨時間變化，在t軸的上方為正，下方為負，A錯。有效值
只對正弦交流電使用，最大值一樣，所以B錯。由圖可知，C對。變壓之后頻率不變，D錯。
【答案】C
2．【解析】由e－t圖像可知，交變電流電流的周期為0.25s，故頻率為4Hz，選項A、B錯誤。根據(jù)歐姆定律可知交變電流的最大值為
A，選項C正確。
【答案】C
3．【解析】本題考查正弦交流電的產(chǎn)生過程、楞次定律等知識和規(guī)律。從a圖可看出線圈從垂直于中性面開始旋轉，由楞次定律可判斷，初始時刻電流方向為b到a，故瞬時電流的表達式為i=－imcos（+ωt），則圖像為D圖像所描述。平時注意線圈繞垂直于磁場的軸旋轉時的瞬時電動勢表達式的理解
【答案】D
4．【解析】原線圈電壓有效值U1=220V，由電壓比等于匝數(shù)比可得副線圈電壓U2=55V，A對；電阻R上的電流為
【答案】AC
5．【解析】（1）輸電線上的電流強度為I＝
A＝
輸電線路損耗的功率為
P損＝I2R＝52.632×6W≈16620W＝16.62kW
（2）改用高壓輸電后，輸電線上的電流強度變?yōu)镮′＝
A＝4A
用戶端在變壓器降壓前獲得的電壓 U1＝U－I′R＝（5000－4×6）V＝4976V
根據(jù) 
用戶得到的電壓為U2＝
＝
×4976V＝226.18V
【答案】380
，75%
6．【解析】帶電粒子在交變電場中不斷地作勻加速和勻減的交替運動，經(jīng)過一個周期后，速度為零，再又重復前面的運動，所以選項A正確
【答案】A
7．【解析】原線圈中電壓的有效值是220V，由變壓比知副線圈中電壓為100V，流過電阻的電流是
【答案】D
8．【解析】理想變壓器的特點是輸入功率等于輸出功率，當負載電阻增大時，由于副線圈的電壓不變，所以輸出電流I2減小，導致輸出功率P2減小，所以輸入功率P1減小；輸入的電壓不變，所以輸入的電流I1減小，B正確
【答案】B
9．【解析】因為變壓器的匝數(shù)與U1不變，所以U2與兩電壓表的示數(shù)均不變．當S斷開時，因為負載電阻增大，故次級線圈中的電流I2減小，由于輸入功率等于輸出功率，所以I1也將減小，C正確；因為R1的電壓減小，故R2、R3兩端的電壓將增大，I3變大，B正確．
【答案】BC
10．【解析】
(1)輸電線的電阻為：
P2=P1 P2=I2U2
聯(lián)立以上五式解得：U2＝8×104V
輸電線路上的電壓損失 U損＝I2R＝3200V
【答案】（1）U2＝8×104V （2）3200V
名校試題
1．【解析】線圈轉動900后，進入磁場，線圈處于平行磁感線平面，磁通量變化最快，在這個過程中，沒有感應電流；線圈再轉動900后，線圈處于中性面，磁通量變化最慢，在這個過程中，磁通量增加，感應電動勢和感應電流呈余弦規(guī)律變化，感應電流由b到a；再轉動900后，線圈處于平行磁感線平面，磁通量變化最快，在這個過程中，磁通量減小，感應電流由a到b；再轉動，離開磁場，沒有感應電流，依次類推。
【答案】D
2．【解析】由圖可知交交變電流的周期為0.04s，所以選項A正確；交變電壓的最大值為100V，而電阻R＝100Ω，所以交變電流的最大值為
【答案】AD
3．【解析】由圖可以求得．交變電流的頻率為40Hz，所以選項A錯；交變電流的瞬時表達式為
，所以選項B錯；在t=0.01s時，穿過交流發(fā)電機線圈的磁通量為零，所以選項C錯；因電流的有效值為A，所以發(fā)電機線圈電阻為0.4Ω，則其產(chǎn)生的熱功率為5W，故選項D對．
【答案】D
4．【解析】V1示數(shù)小于正常值時，副線圈的輸出電壓也要變小，所以滑動觸頭P向上滑動，即選項A正確；當用電器增加時，副線圈的電流增大，輸電線上損失的電壓增大，要使電器正常工作，滑動觸頭P應向上滑，所以選項C正確
【答案】AC
5．【解析】副線圈的電流增大，輸電線上損失的電壓增，所以選項C正確
【答案】C
6．【解析】K由a合到b時，n1減小，由
,可知U2增大，P2=
隨之增大，而P1=P2，又P1=I1U1，從而I1增大，A正確；K由b合到a時，與上述情況相反，P2將減小，B正確；P上滑時，R增大，P2=減小，又P1=P2，P1=I1U1，從而I1減小，C錯誤；U1增大，由可知，U2增大，I2=
隨之增大，由
可知I1也增大，D正確。
【答案】A、B、D正確。
7．【解析】由于次級兩組副線圈的組合連接使得小燈泡回路中兩線圈產(chǎn)生的感應電動勢方向相反，所以小燈泡的工作電壓有效值為：
則
因為理想變壓器輸入功率等于輸出功率，故答案應選A．
【答案】A
8．【解析】電流互感器要把大電流變?yōu)樾‰娏�，因此原線圈的匝數(shù)少，副線圈的匝數(shù)多。監(jiān)測每相的電流必須將原線圈串聯(lián)在火線中。
【答案】A
9．【解析】(1)Em＝nBSω
代人數(shù)據(jù)得 Em＝400×0.25×0.05×0.04×l00 V＝20 V
(2)Im=
代人數(shù)據(jù)得Im＝
A=2A
∵是正弦交變電流，所以電流表讀數(shù)即有效值
I=
A=1．41A
(3)p＝I2R＝
×9．9W＝19。8W．
【答案】（1） 20 V（2） 1．41A （3）19。8W
10． 【解析】 發(fā)電站的輸出電流
①
輸電線路損失的功率
②
則
③
變壓器的匝數(shù)比
【答案】
11. 【解析】⑴如圖36所示。由于輸送功率為P=500kW，一晝夜輸送電能E=Pt=12000度，終點得到的電能E′=7200度，因此效率η=60%。輸電線上的電流可由I=P/U計算，為I=100A，而輸電線損耗功率可由Pr=I 2r計算，其中Pr=4800/24=200kW，因此可求得r=20Ω。
⑵輸電線上損耗功率
，原來Pr=200kW，現(xiàn)在要求Pr′=10kW ，計算可得輸電電壓應調節(jié)為U′=22.4kV。
【答案】（1）η=60% 20Ω （2）22.4kV
12．【解析】（1）根據(jù)磁場分布特點，線框不論轉到磁場中哪一位置，切割磁感線的速度始終與磁場方向垂直，故線框
轉到圖示位置時，感應電動勢的大小為
E=2Blv=2Bl
=BlLω
（2）線框轉動過程中，只能有一個線框進入磁場（作電源），另一個線框與外接電阻R并聯(lián)后一起作為外電路。
電源內阻為r，外電路總電阻R外=
r
故R兩端的電壓最大值：UR=IR外=
（3）和
在磁場中，通過R的電流大小相等
圖37
iR=
BlLω?
從線框進入磁場開始計時，每隔T/8（線框轉動45°）電流發(fā)生一次變化，其iR隨時間t變化的圖象如圖20所示。
【答案】（1）BlLω （2） 
（3）如圖37所示
考點預測題
1．【解析】此題是已知圖象求數(shù)學表達式的問題，電壓表示數(shù)為10V是有效值，電壓最大值為
,CD均錯；因此電流有效值為
,交流電的電流最大值為
，由圖可知，交流電的周期T＝0.02s，因此
，故A正確
【答案】A
2.【解析】求解此題的關鍵是由線圈的轉動來確定表達式。取軸Ox垂
直于磁感強度，線框轉角為θ（如圖38所示）線框長邊垂直于紙面，點A、B表示線框長邊導線與紙面的交點，O點表示轉軸與紙面的交點.
線框長邊的線速度
一根長邊導線產(chǎn)生的電動勢為
，一匝導線框所產(chǎn)生的感應電動勢為
N匝線框產(chǎn)生的電動勢應為
磁極換成釹鐵硼永磁體時，設匝數(shù)為N′，則有
圖38
由 En=EN′可得
【答案】
3．【解析】正方形線框在磁場中旋轉產(chǎn)生的感應電動勢的最大值為Em，該交變電流的有效值為
，
，
，正確答案為B
【答案】B
4．【解析】 由法拉第電磁感應定律和歐姆定律
可得
內，
內，
由有效值的定
【答案】B
5．【解析】鉗形表是根據(jù)電磁感應原理制成的，故只能用來測量交流電流；對鉗形表的初、次級滿足
，
，I1不變，故當n1增加3倍時I2=3.6A，正確答案為C.鉗形表在使用時，初級是串聯(lián)在被測電路中的，故同一電纜線雖多繞了幾匝，但電纜線中的電流 I1保持不變.。
【答案】C
6． 【解析】由燈泡正常發(fā)光知,副線圈電壓為220V,又原、副線圈電壓與匝數(shù)成正比，D錯。輸入、輸出功率相等，B錯；電流表的示數(shù)為有效值，所以A錯，C正確。
【答案】C
7．【解析】保持P的位置及U
不變，S由b切換到a的過程中，副線圈匝數(shù)增多，輸出電壓增大，則R上消耗的功率也增大，原線圈的輸入功率也增大；U不變，輸入電流I增大，所以選項A、D錯而C正確。保持P的位置及U不變，S由a切換到b的過程中，副線圈匝數(shù)減少，則輸出電壓減少，輸出電流也減少。故選項B也正確。
【答案】BC
8．【解析】（1）設原、副線圈上的電壓、電流分別為U1、U2、I1、I2.
根據(jù)理想變壓器的輸入功率等于輸出功率，有 I1U1=I2U2
當 I2=12mA時，I1即為熔斷電流.代入數(shù)據(jù)，得 I1=0.98A
（2）設副線圈中電流為 I2′=10mA時，變壓器的輸入功率為 P1，根據(jù)理想變壓器的輸入功率等于輸出功率，有 P1=I2′U2，代入數(shù)據(jù)，得 P1=180W
【答案】（1）I1=0.98A （2）P1=180W
9．【解析】輸入電流和輸出電流都是由負載決定，輸出、輸入電壓由電源決定.原距離輸電原理考查.選項C對。
【答案】C
10．【解析】⑴所有燈都正常工作的總功率為22×6×40=5280W，用電器總電流為
A，輸電線上的電流
A，降壓變壓器上：U2=4U2/=880V，輸電線上的電壓損失為：Ur=IRR=24V ，因此升壓變壓器的輸出電壓為U1/=UR+U2=904V，輸入電壓為U1=U1//4=226V，輸入電流為I1=4I1/=24A，所以發(fā)電機輸出功率為P出=U1I1=5424W
⑵發(fā)電機的電動勢E=U1+I1r=250V
⑶輸電線上損耗的電功率PR=IR2R=144W
【答案】（1） 5424W （2）250V （3）144W
11．【解析】（1）由電場強度公式 
帶電粒子所受電場力 
因此 
(2)粒子在
時間內走過的距離為 
故帶電粒子在
時恰好到達A板，根據(jù)動量定理，此時粒子的動量
(2)帶電粒子在
時間內向A板做勻加速運動，在
向A板做勻減速運動，速度為零后將返回。粒子向A板運動的可能最大位移
要求粒子不能到達A板，則有s<d，由
得,電勢變化頻率應滿足
【答案】（1） （2） （3）
12．【解析】（1）質量為m電荷量為q的帶電粒子以平行于極板的初速度v0射入長L板間距離為d的平行板電容器間，兩板間電壓為U，求射出時的側移
當
＞
時，電子能穿越平行板
當＞時，電子不能穿越極板，中途就落到上板或下板上。如圖39所示。
圖39
由
可看出，與U成正比。電子穿越平行極板的臨界條件為＞，此時兩板上的電壓
可算得。因為
所以
=
=91V
（2）當交變電壓的最大值超過91V時，射入的電子束會出現(xiàn)有時能通過兩極板，有時不能通過的現(xiàn)象，由圖40可以知道，要使
：
=2：1
在每個半周期內，=
，=
，也就是在
時，
=91V。由交變電流的方程得
所以
圖40
【答案】（1）91V（2）
13.【解析】 感抗對電流的阻礙作用是“通直流，阻交流”，“通低頻，阻高頻”，容抗對電流的阻礙作用是“通交流，隔直流”“通高頻，阻低頻”。線圖L1的作用是讓低頻信號通過，阻礙高頻成分，通過線圈L1的信號中還有少量的高頻成分，C1的作用就是讓這些少量的高頻成分通過，阻礙低頻信號通過，讓低頻信號通過揚聲器甲，故揚聲器甲是低音揚聲器，選項A、B、C錯誤；L2的作用是讓低頻信號通過，阻礙高頻成分通過，減弱通過揚聲器乙的低頻頻電流，揚聲器乙是高音揚聲器，選項D正確。
【答案】D
14.【解析】當自行車車輪轉動時，通過摩擦小輪使發(fā)電機的線框在勻強磁場內轉動，線框中產(chǎn)生一正弦交流電動勢，其最大值ε=ω0BSN
式中ω0為線框轉動的角速度，即摩擦小輪轉動的角速度.
發(fā)電機兩端電壓的有效值
設自行車車輪轉動的角速度為ω1，由于自行車車輪與摩擦小輪之間無相對滑動，有
R1ω1=R0ω0
小齒輪轉動的角速度與自行車輪轉動的角速度相同，也為ω1.設大齒輪轉動的角速度為ω，有 R3ω=R2ω1由以上各式解得
，代入數(shù)據(jù)得ω=3.2s-1
【答案】ω=3.2s-1
15．【解析】根據(jù)第一列電磁波從發(fā)出到收到回波可以確定飛機離開雷達站的第一個位置； 根據(jù)第二列電磁波從發(fā)出到收到回波可以確定飛機離開雷達站的第二個位置．這兩個位置的變化（位移）對應的時間為 4秒，就可以計算飛機的速度值．（雷達波往返的時間遠小于相鄰兩個雷達發(fā)出的時間）．如圖1所示模擬了雷達站雷達屏上所看到的圖案，圖中
為第一列雷達波及其回波，
為第二列雷達波及其回波（由于雷達波在傳播過程中有損耗，所以回波的幅值較發(fā)出時�。O飛機的速度為v，之間的時間間隔為 
t1，之間的時間間隔為t2 ，
之間的時間間隔為t，則vt=c(t1-t2)/2，所以v=c(t1-t2)/2t=525m/s．
【答案】525m/s
16．【解析】（1）∵
∴f1=3.00×108/2×10－9=1.5×1017(Hz) f2=3.00×108/1×10－4=3×1012(Hz)
∴輻射的頻率范圍為3×1012Hz~1.5×1017Hz
（2）每小時從太陽表面輻射的總能量為
代入數(shù)所得W=1.38×1010J
（3）設火星表面溫度為T，太陽到火星距離為d，火星單位時間內吸收來自太陽的輻射能量為
∴
火星單位時間內向外輻射電磁波能量為
火星處在平衡狀態(tài)
，即
由上式解得火星平均溫度
【答案】（1）3×1012Hz~1.5×1017Hz （2）1.38×1010J
（3）
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