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    測得痕跡之間沿棒方向的距離依次為OA =26.0mm.AB =50.0mm.BC =74.0mm.CD =98.0mm. 查看更多

     

    題目列表(包括答案和解析)

    如圖圖甲所示用包有白紙的質量為1Kg的圓柱棒替代紙帶和重物,蘸有顏料的毛筆固定在電動機上并隨之勻速運動,當接通電源待電動機穩(wěn)定轉動后,燒斷懸掛圓柱棒的細線,圓柱棒自由下落,毛筆可在圓柱棒的紙上畫出記號,如圖乙所示是按正確順序畫出的一條紙帶,圖中O是畫出的第一個痕跡,A、B、C、D、E、F、G是依次畫出的痕跡,設毛筆接觸時不影響棒的運動,測得痕跡之間沿棒方向的距離依次為OA=20.0mm、AB=50.0mm、BC=74.0mm、CD=98.0mm、DE=122.0mm、EF=146.0mm已知電動機的銘牌上標有“1200r/min”字樣,由此驗證機械能守恒定律.
    根據圖中所示的數據,可知毛筆畫下痕跡B、E兩時刻間棒的動能變化量為
    2.82
    2.82
    J,重力勢能的變化量為
    2.88
    2.88
    J,由此可得出的結論是
    在實驗誤差范圍內物體下落機械能守恒
    在實驗誤差范圍內物體下落機械能守恒
    (g取9.8m/s2,結果保留三位有效數字)

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    如圖圖甲所示用包有白紙的質量為1Kg的圓柱棒替代紙帶和重物,蘸有顏料的毛筆固定在電動機上并隨之勻速運動,當接通電源待電動機穩(wěn)定轉動后,燒斷懸掛圓柱棒的細線,圓柱棒自由下落,毛筆可在圓柱棒的紙上畫出記號,如圖乙所示是按正確順序畫出的一條紙帶,圖中O是畫出的第一個痕跡,A、B、C、D、E、F、G是依次畫出的痕跡,設毛筆接觸時不影響棒的運動,測得痕跡之間沿棒方向的距離依次為OA=20.0mm、AB=50.0mm、BC=74.0mm、CD=98.0mm、DE=122.0mm、EF=146.0mm已知電動機的銘牌上標有“1200r/min”字樣,由此驗證機械能守恒定律.
    根據圖中所示的數據,可知毛筆畫下痕跡B、E兩時刻間棒的動能變化量為______J,重力勢能的變化量為______J,由此可得出的結論是______(g取9.8m/s2,結果保留三位有效數字)

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    如圖圖甲所示用包有白紙的質量為1Kg的圓柱棒替代紙帶和重物,蘸有顏料的毛筆固定在電動機上并隨之勻速運動,當接通電源待電動機穩(wěn)定轉動后,燒斷懸掛圓柱棒的細線,圓柱棒自由下落,毛筆可在圓柱棒的紙上畫出記號,如圖乙所示是按正確順序畫出的一條紙帶,圖中O是畫出的第一個痕跡,A、B、C、D、E、F、G是依次畫出的痕跡,設毛筆接觸時不影響棒的運動,測得痕跡之間沿棒方向的距離依次為OA=20.0mm、AB=50.0mm、BC=74.0mm、CD=98.0mm、DE=122.0mm、EF=146.0mm已知電動機的銘牌上標有“1200r/min”字樣,由此驗證機械能守恒定律.
    根據圖中所示的數據,可知毛筆畫下痕跡B、E兩時刻間棒的動能變化量為    J,重力勢能的變化量為    J,由此可得出的結論是    (g取9.8m/s2,結果保留三位有效數字)

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    (10分)如圖甲所示,一個直徑為d的紙筒, 固定在可以勻速轉動的轉臺上,側面開有位于豎直方向的狹縫,在轉臺的中心放有不隨轉臺轉動的油漆噴射器,它能以恒定速率水平向右噴射油漆,質量為2.00kg的金屬長圓柱棒用白紙包著,當接通電源待電機穩(wěn)定轉動后,燒斷懸掛圓柱棒的細線,圓柱棒自由下落,油漆可在圓柱棒的紙上留下記號。圖乙是按正確操作獲得的一條紙帶,圖中O是畫出的第一個痕跡,A、B、CD、E、F、G是依次畫出的痕跡,測得痕跡之間沿棒方向的距離依次為OA =26.0mm、AB =50.0mm、BC =74.0mm、CD =98.0mm、DE =122.0mm、EF =146.0mm,已知電動機銘牌上標有“1200 r / min”字樣,由此驗證機械能守恒定律.根據以上內容,可得:

       

     

     

     

     

     

    ① 根據乙圖所給的數據,可知毛筆畫下痕跡B、E兩時刻間棒的動能變化量為       J,重力勢能的變化量為      J,由此可得出的結論是            .(g取9.80m/s2,結果保留三位有效數字)

    ② 如要驗證毛筆畫下痕跡O、F兩點的過程中圓柱棒機械能守恒時,實驗者不知道工作電壓減小,電動機轉速小于1200 r / min,由于這一原因將導致______(填“大于、小于、等于”) .

    ③ 實驗中某同學利用獲得的實驗數據同時測定了當地的重力加速度g的值.假設OF間的距離為h,EG間的距離s.電動機轉動頻率用f表示.有下面三種方法求重力加速度的值,分別是:

    A.根據,其中,求得:

    B.根據,其中,而(其中),求得:

    C.根據,而,(其中),求得:

    你認為用哪種方法比較妥當?其它方法可能存在的問題是什么?答:             

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    如圖甲所示,一個直徑為d的紙筒, 固定在可以勻速轉動的轉臺上,側面開有位于豎直方向的狹縫,在轉臺的中心放有不隨轉臺轉動的油漆噴射器,它能以恒定速率水平向右噴射油漆,質量為2.00kg的金屬長圓柱棒用白紙包著,當接通電源待電機穩(wěn)定轉動后,燒斷懸掛圓柱棒的細線,圓柱棒自由下落,油漆可在圓柱棒的紙上留下記號。圖乙是按正確操作獲得的一條紙帶,圖中O是畫出的第一個痕跡,A、B、CD、E、F、G是依次畫出的痕跡,測得痕跡之間沿棒方向的距離依次為OA =26.0mm、AB =50.0mm、BC =74.0mm、CD =98.0mm、

    DE =122.0mm、EF =146.0mm,已知電動機銘牌上標有“1200 r / min”字樣,由此驗證機械能守恒定律.根據以上內容,可得:

       

    ① 根據乙圖所給的數據,可知毛筆畫下痕跡B、E兩時刻間棒的動能變化量為       J,重力勢能的變化量為      J.(g取9.80m/s2,結果保留三位有效數字)

    ② 如要驗證毛筆畫下痕跡O、F兩點的過程中圓柱棒機械能守恒時,實驗者不知道工作電壓減小,電動機轉速小于1200 r / min,由于這一原因將導致______(填“大于、小于、等于”) .

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    一.單項選擇題

    1

    2

    3

    4

    5

    D

    A

    D

    C

    D

    二.多選題

    6

    7

    8

    9

    AB

    ABC

    CD

    AD

    三.簡答題

    10.(1)0.384~0.386mm    (2分)

    (2)如圖所示 (畫圖連線各2分,共4分)

    (3) (2分)

     

     

     

     

     

     

    11.① 5.64,5.76,在誤差范圍內,圓柱棒的機械能守恒(每空2分,共6分)

    ② 小于    (2分)

    ③ 方法C比較妥當.方法A、B都用到了,但OA間的時間間隔一般不等于

    (要小于它),因此t≤,從而A、B兩種方法存在問題.(2分)

    12.Ⅰ選修3-4模塊

    (1) ACD(3分)(漏選得2分,錯選或不答得0分)

    (2) BCD(3分)(漏選得2分,錯選或不答得0分)

    (3)設靜止時兩彈簧的伸長量分別為

           (1分) (1分)解得

         所以,簡諧運動的平衡位置距離A端(1分)

    將物體向右拉離平衡位置x,物體受到的合力大小

    (2分)

    合力方向向左與位移方向相反,所以,(1分)

    所以,物體的運動是簡諧運動

    Ⅱ選修3-5模塊

      (1) AB(4分)(漏選得2分,錯選或不答得0分)

    (2) ABD(4分)(漏選得2分,錯選或不答得0分)

    (3)設人跳上小車后與小車的共同加速度為v, 取向右為正方向,根據動量守恒定

    律得Mv1mv2=(M+m)v (1分)

      m/s =-1.2 m/s(1分)

    (負號表示共同速度的方向向左)

    人對小車做的功  J=22J(2分)

    四.解答題

    13.(1)    (1分)   (1分)  (2分)

    (2)由動能定理可知此帶電粒子穿過鉛板前的動能,(1分)

    又由幾何知識可得,即(2分)

    ,故 (1分)

    帶電粒子穿過鉛板后的動能,(1分)

    因此粒子穿過鉛板后動能的損失為(2分)

    (3)從D到C只有電場力對粒子做功      (2分)

    解得(2分)

    14.⑴    (1分)

          (1分) (1分)

       (1分)     (1分) 

     (1分)

     (3分)  

    (1分)

    (3分)

    (2分)

    (1分)

    15.(1)設木板第一次上升過程中,物塊的加速度為a物塊

    物塊受合力  F物塊=kmgsinθ-mgsinθ(1分)

    由牛頓第二定律 F物塊=ma物塊(1分)

    由①②得  a物塊=(k-1)gsinθ,(1分)方向沿斜面向上(1分)

    (2)設以地面為零勢能面,木板第一次與擋板碰撞時的速度大小為v1

    由機械能守恒  解得  (1分)

    設木板彈起后的加速度a板 由牛頓第二定律 a板=?(k+1)gsinθ(1分)

    S板第一次彈起的最大路程   解得  (1分)

    木板運動的路程  S= +2S1=(1分)

    (3)設經時間木板與物塊速度相同

               (1分)

    這時物塊的速度(1分)

         這過程中木板的位移(1分)

              (1分)

    (4)設物塊相對木板滑動距離為L

    根據能量守恒 mgH+mg(H+Lsinθ)=kmgsinθL(2分)

    摩擦力對木板及物塊做的總功W=-kmgsinθL(1分)

    解得 (1分)

     

     

     


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