R
12、（4分）
（4分）
三、計算題（四題共46分）
13.解：設(shè)籃球從籃板處飛到甲處所用時間為t1，從甲處飛到乙處所用時間為t2,則
， 
……………①（4分）
籃球從甲處飛到乙處過程中，有
…………②（4分）
聯(lián)立①②解得：
…………③（2分）
14、解：（1）傳送帶的速度υ的大小為2.0 m/s，方向向右．
（2分）
（2）由速度圖象可得，物塊在滑動摩擦力的作用下
做勻變速運動的加速度為 a=ㄓυ/ㄓt=2.0
m/s2 （1分）
由牛頓第二定律得
f = μMg= Ma
（2分）
得到物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù) μ =
= 0.2
（1分）
（3）從子彈離開物塊到物塊與傳送帶一起勻速運動的過程中，設(shè)傳送帶對物塊所做的功為W，由動能定理得：W =ㄓEk = 
－
（2分）
從速度圖象可知：
υ1=4.0 m/s υ2 = υ =
2.0 m/s
（1分）
解得：
W= －12J
（1分）
15、解：（1）子彈打木塊過程、滿足動量守恒，碰后二者的共同速度為V1
mVo=(M+m)V1 ①
（2分）
在拉緊瞬間木塊失去了沿繩方向的速度，此時繩子與水平面夾角為
，設(shè)木塊離開地面間速度為V
V=V1sin ② （1分）
sin=
③ （1分）
由①②③式得V=10m/s （1分）
（2）木塊離地以后的運動滿足機械能守恒則
④
（3分）
T+(M+m)g=(M+m)
⑤
（3分）
由④⑤式可得 T=4N （1分）
16、解：（1）由動能定理得 
（2分）
解得v0=1.0×104m/s （1分）
（2）微粒在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動L=v0t,(1分)
(1分)，
(1分)
飛出電場時，速度偏轉(zhuǎn)角的正切為
（2分）
解得 U2=100V （1分）
（3）進入磁場時微粒的速度是
（１分）
軌跡如圖，由幾何關(guān)系得，軌道半徑 
（1分）
由洛倫茲力充當(dāng)向心力：
得
（2分）
解得B＝0.20T （1分）
所以，為使微粒不會由磁場右邊射出，該勻強磁場的磁感應(yīng)強度B至少為0.20T
如圖所示，一個質(zhì)量為m=2.0×10-11kg，電荷量q=+1.0×10-5C的帶電微粒（重力忽略不計），從靜止開始經(jīng)U1=100V電壓加速后，水平進入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)電場的電壓U2=100V．金屬板長L=20cm，兩板間距d=10
如圖所示，一個質(zhì)量為m=2.0×10-11kg，電荷量為q=1.0×10-5C的帶正電粒子P（重力忽略不計），從靜止開始經(jīng)U1=100V電壓加速后，水平進入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)電場的電壓為U2．金屬板長L=20cm，兩板間距d=20cm，上極板帶正電，下極板帶負(fù)電．粒子經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場后進入右側(cè)垂直紙面向里的水平勻強磁場中，位于磁場左側(cè)的理想邊界緊鄰偏轉(zhuǎn)電場，磁場中其余區(qū)域沒有邊界．磁場磁感應(yīng)強度為B．求：
如圖所示，一個質(zhì)量為m=2.0×10-11kg，電荷量q=+1.0×10-5C的帶電微粒（重力忽略不計），從靜止開始經(jīng)U1=100V電壓加速后，水平進入兩平行金屬板間沿豎直方向的偏轉(zhuǎn)電場中，偏轉(zhuǎn)電場的電壓U2=100V．金屬板長L=20cm，兩板間距d=10
如圖所示，一個質(zhì)量為m=2.0×10-11kg，電荷量q=+1.0×10-5C的帶電微粒（重力忽略不計），從靜止開始經(jīng)U=100V電壓加速后，水平進入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場中．金屬板長L=20cm，兩板間距d=10
如圖所示，一個質(zhì)量為m=2.0×10-11kg，電荷量q=+1.0×10-5C的帶電微粒（重力忽略不計），從靜止開始經(jīng)U1=100V電壓加速后，水平進入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場中，其板長L=20cm，兩板間距d=10